Giải Toán 8 Bài 6: Trường hợp đồng dạng thứ nhất của tam giác là tài liệu vô cùng hữu ích giúp các em học sinh lớp 8 có thêm nhiều gợi ý tham khảo để giải các bài tập trong SGK Toán 8 Cánh diều tập 2 trang 74, 75, 76, 77, 78.
Bạn đang đọc: Toán 8 Bài 6: Trường hợp đồng dạng thứ nhất của tam giác
Giải bài tập Toán 8 Cánh diều tập 2 trang 74 → 78 được trình bày rõ ràng, cẩn thận, dễ hiểu nhằm giúp học sinh nhanh chóng biết cách làm bài. Đồng thời, cũng là tài liệu hữu ích giúp giáo viên thuận tiện trong việc hướng dẫn học sinh ôn tập Bài 6 Chương VIII: Tam giác đồng dạng, hình đồng dạng. Vậy mời thầy cô và các em theo dõi bài viết dưới đây của Download.vn:
Toán 8 Bài 6: Trường hợp đồng dạng thứ nhất của tam giác Cánh diều
Giải Toán 8 Cánh diều Tập 2 trang 78
Bài 1
Quan sát Hình 65 và chỉ ra những cặp tam giác đồng dạng:
Lời giải:
Tam giác ABC đồng dạng với tam giác IKH; tam giác DEG đồng dạng với tam giác MNP.
Bài 2
Cho hai tam giác ABC và MNP có AB = 2, BC = 5, CA = 6, MN = 4, NP = 10, PM = 12. Hãy viết các cặp góc tương ứng bằng nhau của hai tam giác trên và giải thích kết quả.
Lời giải:
Ta có:
Suy ra: ABC
MNP (c.c.c)
Do đó: ;
;
.
Bài 3
Bác Hùng vẽ bản đồ trong đó dùng ba đỉnh A, B, C của tam giác ABC lần lượt mô tả ba vị trí M, N, P trong thực tiễn. Bác Duy cũng vẽ một bản đồ, trong đó dùng ba đỉnh A’, B’, C’ của tam giác A’B’C’ lần lượt mô tả ba vị trí M, N, P đó. Tỉ lệ bản đồ mà bác Hùng và bác Duy vẽ lần lượt là 1 : 1 000 000 và 1 : 500 000. Chứng minh A’B’C’
ABC và tính tỉ số đồng dạng.
Lời giải:
Vì tam giác ABC đồng dạng với tam giác MNP; tam giác A’B’C’ đồng dạng với tam giác MNP nên tam giác A’B’C’ đồng dạng với tam giác ABC.
Theo giả thuyết ta có: Tam giác ABC đồng dạng với tam giác MNP theo tỉ số
Nên
Hay: MN = 1 000 000AB; NP = 1 000 000BC; PM = 1 000 000CA. (1)
Theo giả thuyết ta có: Tam giác A’B’C’ đồng dạng với tam giác MNP theo tỉ số
Nên
Hay: MN = 1 500 000A’B’; NP = 1 500 000B’C’; PM = 1 500 000C’A’. (2)
Từ (1)(2) ta có: 1 000 000AB = 1 500 000A’B’ hay
1 000 000BC = 1 500 000B’C’ hay
1 000 000CA = 1 500 000C’A’ hay
Vậy tam giác A’B’C’ đồng dạng với tam giác ABC với tỉ số .
Bài 4
Cho tam giác ABC và điểm O nằm trong tam giác. Các điểm M, N, P lần lượt thuộc các tia OA, OB, OC sao cho . Chứng minh
ABC
MNP.
Lời giải:
Tam giác OMN có:
Suy ra: AB // MN nên
Chứng minh tương tự ta có: ;
Do đó:
Vậy ABC
MNP (c.c.c)
Bài 5
Bạn Hoa vẽ trên giấy một tam giác ABC và đoạn thẳng MN với các kích thước như Hình 66. Bạn Hoa đố bạn Thanh vẽ điểm P thỏa mãn ,
mà không sử dụng thước đo góc. Em hãy giúp bạn Thanh sử dụng thước thẳng (có chia khoảng milimét) và compa để vẽ điểm P và giải thích kết quả tìm được.
Lời giải:
Nếu ,
thì
Ta có: ABC
NPM
Do đó: hay
Ta có: nên NP = 12 cm.
nên PM = 9 cm.
Dùng thước kẻ vẽ hai đoạn thẳng NP = 12 cm, PM = 9 cm ta được điểm P thỏa mãn đề bài.
Bài 6
Cho các hình bình hành ABCD và BMNP như ở Hình 67. Chứng minh:
a) ;
b) MNP
CBA.
Lời giải:
a) Tam giác ABD có MN // AD nên (1)
Tam giác BCD có NP // CD nên (2)
Từ (1)(2) suy ra:
b) Từ câu a suy ra MP // AC (định lí Thalès)
Do đó: PBM
CBA (3)
Ta có:
Suy ra: PBM
MNP (4)
Từ (3)(4) suy ra: MNP
CBA.
